T1
题目描述
安娜斯塔西娅喜欢去乌日扬迪安中央公园散步。 但她对简单的散步不感兴趣，于是她开始收集公园里的鹅卵石。 一开始，她决定收集所有她能在公园里找到的鹅卵石。
她只有两个口袋。 她能在每个口袋里同时放最多k个鹅卵石。第i种鹅卵石有w[i]个。 安娜斯塔西娅很有责任感，所以她从不把不同类型的鹅卵石混在一个口袋里。 然而，她可以把不同种类的鹅卵石放在不同的口袋。 不幸的是，她不能把所有的时间都花在收集鹅卵石上，所以她每天只能从公园里收集一次鹅卵石。
考虑到安娜斯塔西娅不能把不同类型的鹅卵石放在同一个口袋里，请帮助她找到收集乌日扬甸中央公园所有鹅卵石所需的最短天数。
解法：直接模拟
#include <cstdio>
#define ll long long
inline ll read(){
ll x = 0; int zf = 1; char ch = ' ';
while (ch != '-' && (ch < '0' || ch > '9')) ch = getchar();
if (ch == '-') zf = -1, ch = getchar();
while (ch >= '0' && ch <= '9') x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar(); return x * zf;
}
int main(){
int n = read(), k = read(), a;
ll tot = 0;
for (int i = 0; i < n; ++i)
a = read(), tot += (a % k) ? (a / k + 1) : (a / k);
tot = (tot & 1) ? ((tot >> 1) + 1) : (tot >> 1);
printf("%lld", tot);
return 0;
}
T2
题意：给你一个等比数列，首项为b1，公比为q，现在Masha在黑板上从首项开始书写这个等比数列，直到数列某项的绝对值大于l，给定m个整数，若该等比数列中的某项等同于这m个整数，则不会被写出。
问Masha会写出多少个数字？如果她会写出无穷多个数字，输出inf
注意： b1,q可能为0
解法：
特判q为0,1，-1；b1为0的情况
然后其他情况直接用set暴力模拟即可
有一个坑点：
----如果abs(b) > l即使q=0，0没有限制也要输出0，蒟蒻不知道为什么
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <set>
#define ll long long
using namespace std;
inline ll read(){
ll x = 0; int zf = 1; char ch = ' ';
while (ch != '-' && (ch < '0' || ch > '9')) ch = getchar();
if (ch == '-') zf = -1, ch = getchar();
while (ch >= '0' && ch <= '9') x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar(); return x * zf;
}
set<ll> st;
int main(){
ll b = read(), q = read(), l = read(), m = read();
for (int i = 1; i <= m; ++i)
st.insert(read());
if (q == 0){
if (st.find(0) != st.end() || (l < 0)){
if (st.find(b) != st.end() || (abs(b) > l))
printf("0");
else
printf("1");
}
else if (abs(b) > l)
printf("0");
else
printf("inf");
return 0;
}
else if (q == 1){
if ((abs(b) > l) || st.find(b) != st.end())
printf("0");
else
printf("inf");
return 0;
}
else if (q == -1){
if (abs(b) > l){
printf("0");
return 0;
}
if (st.find(b) == st.end()){
printf("inf");
return 0;
}
if (st.find(-b) == st.end()){
printf("inf");
return 0;
}
printf("0");
return 0;
}
else if (b == 0){
if (st.find(0) != st.end() || (l < 0))
printf("0");
else
printf("inf");
return 0;
}
else{
int cnt = 0;
for (ll i = b; abs(i) <= l; i *= q){
if (st.find(i) == st.end())
++cnt;
}
printf("%d", cnt);
}
return 0;
}
T3
题意：
定义一个函数，函数如下(请找个markdown编辑器贴一下)：
$f[l,r]=\sum_{i=l}^{r-1}|a_i-a_{i-1}|\times(-1)^{i-l}$
|x|表示x的绝对值。
现在给你一个函数，请取恰当的l,r使f值最大，请输出最大的f值
解法：不说了直接DP
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#define max(a,b) ((a>b)?a:b)
#define ll long long
using namespace std;
inline ll read(){
ll x = 0; int zf = 1; char ch = ' ';
while (ch != '-' && (ch < '0' || ch > '9')) ch = getchar();
if (ch == '-') zf = -1, ch = getchar();
while (ch >= '0' && ch <= '9') x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar(); return x * zf;
}
int a[100005];
ll f[100005][2];
int main(){
int n = read();
for (int i = 1; i <= n; ++i)
a[i] = read();
for (int i = 1; i < n; ++i)
a[i] = abs(a[i] - a[i + 1]);
ll ans = a[1];
f[1][1] = a[1], f[1][0] = 0;
for (int i = 2; i < n; ++i){
if (i & 1){
f[i][1] = max(f[i - 1][1] + a[i], a[i]);
f[i][0] = f[i - 1][0] - a[i];
}
else{
f[i][0] = max(f[i - 1][0] + a[i], a[i]);
f[i][1] = f[i - 1][1] - a[i];
}
ans = max(max(f[i][0], f[i][1]), ans);
}
printf("%lld", ans);
return 0;
}
T4
题意：总共有n个节点，m条路径，要求其中m-2条路径走两遍，剩下2条路径仅走一遍，问不同的路径总数有多少，如果仅走一遍的两条边不同则将这两条路径视为不同。
解法：DFS判图的联通性+数学
#include <cstdio>
#define ll long long
struct Edge{
int to, next;
} edges[2000005];
int head[1000005], edge_num = 0;
int cnt[1000005];
inline ll read(){
ll x = 0; int zf = 1; char ch = ' ';
while (ch != '-' && (ch < '0' || ch > '9')) ch = getchar();
if (ch == '-') zf = -1, ch = getchar();
while (ch >= '0' && ch <= '9') x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar(); return x * zf;
}
inline void addEdge(int from, int to){
++cnt[from];
edges[++edge_num] = (Edge){to, head[from]};
head[from] = edge_num;
}
bool vis[1000005];
int rd[1000005];
void DFS(int u){
for(int c_e = head[u]; c_e; c_e = edges[c_e].next){
int v = edges[c_e].to;
if(!vis[v]){
vis[v] = 1;
DFS(v);
}
}
}
inline ll cac(ll num){
return (((num - 1) * num) >> 1);
}
int main(){
int n = read(), m = read();
ll zh = 0;
for(int i = 1; i <= m; i++){
int u = read(), v = read();
++rd[u], ++rd[v];
if(u != v)
addEdge(u, v), addEdge(v, u);
else
++zh;
}
for(int i = 1; i <= n; ++i)
if(head[i] != 0){
vis[i] = 1, DFS(i);
break;
}
ll ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; ++i)
if(!vis[i] && rd[i]){
printf("0");
return 0;
}
for(int i = 1; i <= n; ++i)
ans += 1ll * cac(cnt[i]);
ans += zh * (m - 1) - cac(zh);
printf("%lld", ans);
return 0;
}
T5
题意：有k种可乐，第i瓶可乐的CO2浓度是ai/1000，问要配置出浓度n/1000的可乐，最少需要几瓶可乐。
解法：题目very interestring但其实就是个广搜
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <queue>
#define ll long long
using namespace std;
int a[1000010];
int ans[2005];
bool vis[2005];
inline ll read(){
ll x = 0; int zf = 1; char ch = ' ';
while (ch != '-' && (ch < '0' || ch > '9')) ch = getchar();
if (ch == '-') zf = -1, ch = getchar();
while (ch >= '0' && ch <= '9') x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar(); return x * zf;
}
queue<int> que;
int main(){
int n = read(), k = read();
for(int i = 0; i < k; ++i)
a[i] = read() - n;
sort(a, a + k);
k = unique(a, a + k) - a;
if(a[0] * a[k - 1] > 0){
printf("-1\n");
return 0;
}
for(int i = 0; i < k; ++i){
que.push(a[i]);
ans[a[i] + 1000] = 1, vis[a[i] + 1000] = 1;
}
int u;
while(!que.empty() && !vis[1000]){
u = que.front(), que.pop();
for(int i = 0; i < k; ++i){
if((u + a[i]) <= 1000 && (u + a[i]) >= -1000 && !vis[u + a[i] + 1000]){
que.push(u + a[i]);
vis[u + a[i] + 1000] = 1;
ans[u + a[i] + 1000] = ans[u + 1000] + 1;
}
}
}
printf("%d", ans[1000]);
return 0;
}
来源：https://www.cnblogs.com/linzhengmin/p/10825022.html