题目：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3328
单位根反演主要就是有
\( [k|n] = \frac{1}{k}\sum\limits_{i=0}^{k-1}w_{k}^{i*n} \)
如果 k | n ，转 n 下就会是 1 ；不然用等比数列求和公式可知是 0 。
一般是构造一个 \( f(x) = ( 1+x )^n \) 之类的，来求含有组合数的式子。比如
\( \sum\limits_{i=0}^{n}C_{n}^{i*k} = \sum\limits_{i=0}^{n}C_{n}^{i}[ i | k ] \)
\( = \frac{1}{k}\sum\limits_{i=0}^{n}C_{n}^{i}\sum\limits_{j=0}^{k-1}w_{k}^{j*i} \)
\( = \frac{1}{k}\sum\limits_{j=0}^{k-1}\sum\limits_{i=0}^{n}C_{n}^{i}w_{k}^{j*i} \)
\( = \frac{1}{k}\sum\limits_{j=0}^{k-1}(1+w_{k}^{j})^n \)
所以设 \( f(x) = ( 1+x )^n \) ，求 k 次 \( f( w_{k}^{j} ) \) 就行。
对于这道题，为了凑一个二项式的形式，把 \( F[i] \) 看作斐波那契递推矩阵 A 的 \( A^{i}[0][0] \) ，就有
\( ans = \frac{1}{k}\sum\limits_{j=0}^{k-1}\sum\limits_{i=0}^{n}C_{n}^{i}A^{i}w_{k}^{j*i} \)
有两个 i 次却没有 n-i 次，不能直接套。那个 \( w_{k}^{j*i} \) 的 \( w_{k}^{j} \) 与 i 无关，所以设 \( f(x) \) 的时候考虑把 \( w_{k}^{j} \) 作为 \( x \) 。
如果 \( f(x) = ( A+I*x )^n \) ，那么 \( f( w_{k}^{j} ) = \sum\limits_{i=0}^{n}C_{n}^{i}A^{i}w_{k}^{j*(n-i)} \)
想把 \( w_{k}^{j*(n-i)} \) 变成 \( w_{k}^{j*i} \) ，只要令 \( f(x) = x^{-n} ( A+I*x )^n \) ，然后求 \( f( w_{k}^{-j} ) \) 即可。
注意 n 是 long long 。
找原根是枚举 phi( mod ) 的质因子，然后看 \( g^{\frac{phi(mod)}{pri}} \) 。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=2e4+5,K=35;
ll n;int k,mod,g,wn;
void upd(int &x){x>=mod?x-=mod:0;}
int pw(int x,int k)
{int ret=1;while(k){if(k&1)ret=(ll)ret*x%mod;x=(ll)x*x%mod;k>>=1;}return ret;}
void fnd_g()
{
int pri[K],cnt=0,p=mod-1,d=p;////p=phi(mod)=mod-1!!
for(int i=2;i*i<=d;i++)
if(d%i==0)
{pri[++cnt]=i;while(d%i==0)d/=i;}
if(d>1)pri[++cnt]=d;
for(g=2;;g++)
{
bool flag=1;
for(int i=1;i<=cnt;i++)if(pw(g,p/pri[i])==1){flag=0;break;}
if(flag)break;
}
}
struct Mtr{
int a[2][2];
Mtr(){memset(a,0,sizeof a);}
Mtr operator* (const Mtr &b)const
{
Mtr c;
for(int i=0;i<=1;i++)
for(int k=0;k<=1;k++)
for(int j=0;j<=1;j++)
c.a[i][j]=(c.a[i][j]+(ll)a[i][k]*b.a[k][j])%mod;
return c;
}
}A,I;
Mtr pw(Mtr x,ll k)//ll!!!
{Mtr ret=I;while(k){if(k&1)ret=ret*x;x=x*x;k>>=1;}return ret;}
int main()
{
A.a[0][0]=A.a[0][1]=A.a[1][0]=1;
I.a[0][0]=I.a[1][1]=1;
int T;scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%lld%d%d",&n,&k,&mod);fnd_g();
int ans=0,wn=pw(g,(mod-1)-(mod-1)/k),ml=(mod-1-n%(mod-1))%(mod-1);
for(int i=0,w=1;i<k;i++,w=(ll)w*wn%mod)
{
Mtr t=A;t.a[0][0]+=w;t.a[1][1]+=w;upd(t.a[0][0]);upd(t.a[1][1]);
t=pw(t,n);
ans=(ans+(ll)t.a[0][0]*pw(w,ml))%mod;
}
ans=(ll)ans*pw(k,mod-2)%mod;
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}
来源：https://www.cnblogs.com/Narh/p/10275157.html