C - Attention
前后缀搞一搞即可。Code
#include <bits/stdc++.h>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
//#define Local
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
const int N = 3e5 + 5;
int n;
char s[N];
int pre[N], suf[N];
void run() {
cin >> s + 1;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
pre[i] = pre[i - 1];
if(s[i] == 'W') ++pre[i];
}
suf[n + 1] = 0;
for(int i = n; i >= 1; i--) {
suf[i] = suf[i + 1];
if(s[i] == 'E') ++suf[i];
}
int ans = n + 1;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
ans = min(ans, pre[i - 1] + suf[i + 1]);
}
cout << ans << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
#ifdef Local
freopen("../input.in", "r", stdin);
freopen("../output.out", "w", stdout);
#endif
while(cin >> n) run();
return 0;
}
D - Xor Sum 2
题意：
给出一个长度为\(n\)的序列\(a\)，现在问有多少区间\([l,r]\)，满足：
\[
a_l\ xor\ a_{l+1}\ xor \cdots \ xor\ x_r=a_l+a_{l+1}+\cdots+a_r
\]
思路：
注意这样一个性质：\(a_i\ xor\ a_j\leq a_i+a_j\)。
所以一旦一个区间不满足条件过后，更大的区间也不满足了；一个区间满足条件，更小的区间也满足。
所以直接双指针搞搞就行。Code
#include <bits/stdc++.h>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
//#define Local
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
const int N = 2e5 + 5;
int n;
int a[N];
void run() {
for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i];
int j = 0;
ll sum1 = 0, sum2 = 0;
ll ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
while(j + 1 <= n) {
if(sum1 + a[j + 1] == (sum2 ^ a[j + 1])) {
sum1 += a[++j], sum2 ^= a[j];
}
else break;
}
ans += j - i + 1;
sum1 -= a[i]; sum2 ^= a[i];
}
cout << ans << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
#ifdef Local
freopen("../input.in", "r", stdin);
freopen("../output.out", "w", stdout);
#endif
while(cin >> n) run();
return 0;
}
E - Range Minimum Queries
题意：
给出一个长度为\(n\)的序列\(a\)，现在执行\(q\)次操作，每次选择一段长度为\(k\)的区间，删除一个最小的数（如果有多个，可任意删除一个）。
最后问在所有删除的数中，相差最小为多少。
思路：
- 很容易想到二分差值，然后枚举下界，这样就知道了上下界。
- 因为每次必须选择最小的一个数，所以所有大于等于下界的数构成了一个个可执行区间（因为若区间中含小于的数那肯定不合法），每次在这些区间里面贪心选就行。
详见代码：Code
#include <bits/stdc++.h>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
//#define Local
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
const int N = 2005;
int n, k, q;
int a[N];
bool chk(int x) {
for(int i = 1; i <= n; i++) {
int Min = a[i];
int res = 0;
for(int l = 1, r; l <= n; l = r) {
r = l;
if(a[l] < Min) {
++r; continue;
}
int cnt = 0;
while(r <= n && a[r] >= Min) {
if(a[r] <= Min + x) ++cnt;
++r;
}
if(r - l >= k) res += min(r - l + 1 - k, cnt);
}
if(res >= q) return true;
}
return false;
}
void run() {
for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i];
int l = 0, r = 1e9 + 1, mid;
while(l < r) {
mid = (l + r) >> 1;
if(chk(mid)) r = mid;
else l = mid + 1;
}
cout << l << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
#ifdef Local
freopen("../input.in", "r", stdin);
freopen("../output.out", "w", stdout);
#endif
while(cin >> n >> k >> q) run();
return 0;
}
F - Donation
题意：
给出一个无向图，选定一个起点，一开始有\(W\)元，之后可以选择走向相邻一个节点或者给当前结点捐赠\(b_i\)元，若走向一个结点至少得有\(a_i\)元才行。
现在确定一个最小的\(W\)以及一个起点，使得最终能够顺利捐赠成功每个点。
思路：
还有点没想清楚，先埋个坑。