持久化

题目链接：https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3166（洛谷上也有） 题意概述： 　　给出一个序列，对于一个区间，其权值为区间中的次大值亦或区间中任意一个数的结果的最大值。求区间权值的最大值。 分析： 　　考虑每个点作为区间次大的状态，发现对于每个点至多有两个最长区间其为次大值（为了让异或结果最大当然是区间越长越好，选择最多），用二分+静态RMQ算出这两个区间再在可持久化trie上面贪心即可。 　　论如何现场yy可持久化数据结构23333（基于可持久化线段树的yy算法） 　　注意一下算区间的边界问题。 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstring> 4 #include<cstdlib> 5 #include<algorithm> 6 #include<cmath> 7 #include<queue> 8 #include<set> 9 #include<map> 10 #include<vector> 11 #include<cctype> 12 using namespace std; 13 const int MAXN=50005; 14 15 int N,a[MAXN]; 16 struct data{ int l,r,v; }q[MAXN<

枚举每个数，计算以其为次大数的 最大 区间，显然，只需要用这个区间的答案 对 答案进行更新即可。 找到每个数右侧、左侧第1、2个比它大的数，然后分类讨论一下即可。 找到的过程中把数sort以后，从大到小把它们的位置插入set，稍微维护一下即可。 #include<cstdio> #include<algorithm> #include<set> using namespace std; #define N 50001 #define MAXBIT 30 set<int>T; typedef set<int>::iterator ER; int root[N],ch[N*(MAXBIT+1)][2],sz[N*(MAXBIT+1)],tot; int query(int L,int R,int W)//询问a[L...R]中W与其的最大异或值 { int ans=0; L=root[L-1];R=root[R]; for(int i=MAXBIT-1;i>=0;--i) { int Bit=(W>>i&1^1); if(sz[ch[R][Bit]]-sz[ch[L][Bit]]==0) Bit^=1; else ans+=1<<i; R=ch[R][Bit]; L=ch[L][Bit]; } return ans; } void add(int now,int W)//先add(0

3166: [Heoi2013]Alo Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 256 MB Description Welcome to ALO ( Arithmetic and Logistic Online)。这是一个VR MMORPG ， 如名字所见，到处充满了数学的谜题。 现在你拥有n颗宝石，每颗宝石有一个能量密度，记为ai，这些宝石的能量 密度两两不同。现在你可以选取连续的一些宝石（必须多于一个）进行融合，设为 ai, ai+1, …, a j，则融合而成的宝石的能量密度为这些宝石中能量密度的次大值 与其他任意一颗宝石的能量密度按位异或的值，即，设该段宝石能量密度次大值 为k，则生成的宝石的能量密度为max{k xor ap | ap ≠ k , i ≤ p ≤ j}。 现在你需要知道你怎么选取需要融合的宝石，才能使生成的宝石能量密度最大。 Input 第一行，一个整数 n，表示宝石个数。 第二行， n个整数，分别表示a1至an，表示每颗宝石的能量密度，保证对于i ≠ j有 ai ≠ aj。 Output 输出一行一个整数，表示最大能生成的宝石能量密度。 Sample Input 5 9 2 1 4 7 Sample Output 14 HINT 【样例解释】 选择区间[1,5]，最大值为 7 xor 9。 对于 100%的数据有 1 ≤ n

题目大意：给你一个长度为$n$的序列，让你找出一段子序列，求其中的 次大值 异或 序列里一个数 能得到的最大值 先对序列建出可持久化$Trie$ 按元素的值从小到大遍历，设当前元素的位置是i，找出它左右离它最近第一个比$a_{i}$的位置$l1,r1$，再找出第二个比$a_{i}$大的位置$l2,r2$，这个可以用双向链表维护，保证$l1$和$r1$是$i$在链表里的$L_{i},R_{i}$ 那么$a_{i}$能作为次大值出现的区间为$[l2+1,r1-1]$和$[l1+1,r2-1]$ 把$a_{i}$放到可持久化$Trie$里，找出和上述区间内的数异或能得到的最大值 然后把$a_{i}$从链表内删除，因为$a_{i}$不会作为最大值影响后面的元素 1 #include <cmath> 2 #include <queue> 3 #include <vector> 4 #include <cstdio> 5 #include <cstring> 6 #include <algorithm> 7 #define N1 50100 8 #define N2 1600000 9 #define MM 100 10 #define ll long long 11 #define dd double 12 #define uint unsigned int 13 #define mod

3166: [Heoi2013]Alo Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 256 MB Submit: 1227 Solved: 569 [ Submit ][ Status ][ Discuss ] Description Welcome to ALO ( Arithmetic and Logistic Online)。这是一个VR MMORPG ， 如名字所见，到处充满了数学的谜题。 现在你拥有n颗宝石，每颗宝石有一个能量密度，记为ai，这些宝石的能量 密度两两不同。现在你可以选取连续的一些宝石（必须多于一个）进行融合，设为 ai, ai+1, …, a j，则融合而成的宝石的能量密度为这些宝石中能量密度的次大值 与其他任意一颗宝石的能量密度按位异或的值，即，设该段宝石能量密度次大值 为k，则生成的宝石的能量密度为max{k xor ap | ap ≠ k , i ≤ p ≤ j}。 现在你需要知道你怎么选取需要融合的宝石，才能使生成的宝石能量密度最大。 Input 第一行，一个整数 n，表示宝石个数。 第二行， n个整数，分别表示a1至an，表示每颗宝石的能量密度，保证对于i ≠ j有 ai ≠ aj。 Output 输出一行一个整数，表示最大能生成的宝石能量密度。 Sample Input 5 9 2 1 4 7 Sample Output

Description 给定一个非负整数序列{a}，初始长度为N。 有M个操作，有以下两种操作类型： 1、Ax：添加操作，表示在序列末尾添加一个数x，序列的长度N+1。 2、Qlrx：询问操作，你需要找到一个位置p，满足l<=p<=r，使得： a[p] xor a[p+1] xor ... xor a[N] xor x 最大，输出最大是多少。 Input 第一行包含两个整数 N ，M，含义如问题描述所示。 第二行包含 N个非负整数，表示初始的序列 A 。 接下来 M行，每行描述一个操作，格式如题面所述。 Output 假设询问操作有 T个，则输出应该有 T行，每行一个整数表示询问的答案。 Sample Input 5 5 2 6 4 3 6 A 1 Q 3 5 4 A 4 Q 5 7 0 Q 3 6 6 对于测试点 1-2，N,M<=5 。 对于测试点 3-7，N,M<=80000 。 对于测试点 8-10，N,M<=300000 。 其中测试点 1, 3, 5, 7, 9保证没有修改操作。 0<=a[i]<=10^7。 Sample Output 4 5 6 解题思路： 　　假如说就问你一个数在一群数中的最大异或，你就想到了01字典树 （详见HDU4825） 那要是这道题不就是把一个序列的后缀异或和做为一个数，问你区间最大异或 最大异或好办，就是在字典树上贪心查找，而区间异或

题目大意: http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3261 题解 首先我们转化一下,设sum[x]表示1~x的异或和 这样我们知道原来的询问转化为 在[l-1,r-1]内选择一个值,设为y 最大化y^sum[n]^x,其中sum[n]^x是一开始的给定值 那么问题就转化成了在一个区间内求一个数和已知数异或最大 所以我们直接裸上Trie树可以搞定 但是对于这个东西是要查一个区间内的,所以我们可持久化一下就好了 #include <queue> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; typedef long long ll; inline void read(int &x){ x=0;char ch;bool flag = false; while(ch=getchar(),ch<'!');if(ch == '-') ch=getchar(),flag = true; while(x=10*x+ch-'0',ch=getchar(),ch>'!');if(flag) x=-x; } const int maxn = 600010; struct Node{ Node *ch[2]; int ed; }*null

原理剖析 Master实际上可以配置两个(防止单点故障)，那么Spark原生的standalone模式是支持Master主备切换的。也就是说，当Active Master节点挂掉时，可以将StandBy master节点切换为Active Master。 Spark Master主备切换可以基于两种机制，一种是基于文件系统的，一种是基于Zookeeper的。基于文件系统的主备切换机制，需要在Active Master挂掉之后，由我们手动切换到StandBy Master上；而基于Zookeeper的主备切换机制，可以自动实现切换Master。 所以这里说的主备切换机制，实际上指的是在Active Master挂掉之后，切换到StandBy Master时，Master会执行的操作。 流程说明： Standby Master模式 1. 使用持久化引擎读取持久化的storeApps、storeDrivers、storeWorkers，持久化引擎有FileSystemPersistenceEngine和ZookeeperPersistenceEngine 2. 判读如果storedApps、storedDrivers、store的Workers有任何一个非空就继续向后执行. 3. 持久化引擎的Application、Driver

原理剖析 Master实际上可以配置两个(防止单点故障)，那么Spark原生的standalone模式是支持Master主备切换的。也就是说，当Active Master节点挂掉时，可以将StandBy master节点切换为Active Master。 Spark Master主备切换可以基于两种机制，一种是基于文件系统的，一种是基于Zookeeper的。基于文件系统的主备切换机制，需要在Active Master挂掉之后，由我们手动切换到StandBy Master上；而基于Zookeeper的主备切换机制，可以自动实现切换Master。 所以这里说的主备切换机制，实际上指的是在Active Master挂掉之后，切换到StandBy Master时，Master会执行的操作。 流程说明： Standby Master模式 1. 使用持久化引擎读取持久化的storeApps、storeDrivers、storeWorkers，持久化引擎有FileSystemPersistenceEngine和ZookeeperPersistenceEngine 2. 判读如果storedApps、storedDrivers、store的Workers有任何一个非空就继续向后执行. 3. 持久化引擎的Application、Driver

原理剖析 Master实际上可以配置两个(防止单点故障)，那么Spark原生的standalone模式是支持Master主备切换的。也就是说，当Active Master节点挂掉时，可以将StandBy master节点切换为Active Master。 Spark Master主备切换可以基于两种机制，一种是基于文件系统的，一种是基于Zookeeper的。基于文件系统的主备切换机制，需要在Active Master挂掉之后，由我们手动切换到StandBy Master上；而基于Zookeeper的主备切换机制，可以自动实现切换Master。 所以这里说的主备切换机制，实际上指的是在Active Master挂掉之后，切换到StandBy Master时，Master会执行的操作。 流程说明： Standby Master模式 1. 使用持久化引擎读取持久化的storeApps、storeDrivers、storeWorkers，持久化引擎有FileSystemPersistenceEngine和ZookeeperPersistenceEngine 2. 判读如果storedApps、storedDrivers、store的Workers有任何一个非空就继续向后执行. 3. 持久化引擎的Application、Driver